無限級数 [微分積分]
無限級数
数列が与えられたとき、
とおく。
すなわち、
任意の正数ε>0に対し、ある自然数Nが存在し、
が収束するとき、は絶対収束するという。は収束するが絶対収束しないとき、は条件収束するという。
特に、が等比数列
であるとき、部分和は
になるので、|r|<1のとき
は収束し、それ以外では発散する。
無限級数の定義とコーシーの収束条件から、ただちに、次のことが言える。
定理1 (無限級数の収束に関する必要十分な条件)
級数が収束するための必要条件は、任意のε>0に対し、次の自然数Nが存在することである。
定理2
【証明】
が収束するので、定理1より、任意のε>0に対して、ある自然数Nが存在し、
m=n+1とおくと、任意のε>0に対し、
よって、
(証明終)
【別証】
とおくと、
仮定より、は収束するので、とおくと、
(別証終)
定理2の系
定理2の逆、つまり、「ならばは収束する」は一般に成り立たない。
たとえば、であるがは収束しない。
【解】
ε=1/2>0とすると、どのような自然数Nに対しても、m=2n>n≧Nにとると、
よって、は収束しない。
(解答終)
定理3
λ、μを実数とする。
【証明】
λ=μ=0のときは、明らか。
同時にλ=0、μ=0でないものとする。
は収束するので、任意のε>0に対して、ある自然数Nが存在して
よって、三角不等式から、
(証明終)
問2 次の無限級数の和を求めよ。
【解】
(1)
|a|<1だから、
よって、
したがって、は収束し、
(2) とおくと、
よって、
したがって、
よって、
(3)
したがって、
(解答終)
定理4
【証明】
が絶対収束する、すなわち、が収束するので、定理1より、任意の正数ε>0に対して、ある自然数Nが存在し、
(解答終)
問3 は収束するが、絶対収束しない(無限)級数の例を1つあげよ。
数列の極限その2 [微分積分]
数列の極限その2
§2 部分列
φをからへの狭義単調増加関数(n₁<n₂ならばφ(n₁)<φ(n₂))とする。数列が与えられたとき、数列を数列の部分列という。
定理8 (部分列の収束)
すなわち、
【証明】
数列の極限値をαとすると、任意の正数εに対して、ある自然数Nがあって、
である。
φ(n)≧nなので、
(証明終)
定理9 (Boltano-Weiestrassの定理)
有界な数列は、収束する部分列をもつ。
【証明】
である。
ここで、
とおくと、閉区間[m₁,c₁]、[c₁,M₁]を作ると、少なくともどちらか一方に無数のが存在する。
もし、[m₁,c₁]に無数のが存在すれば、
そうでないとき、
と置く。
以下、同様な操作をし、
とすると、を構成する。
すると、
であるから、
したがって、とおくと、カントールの区間縮小法(定理7)を満たしており、ある実数cが存在し、
各区間には無数のの項が含まれていたから、自然数を項とする狭義単調増加数列を、各自然数kに対して
となるように選ぶことができる。
このとき、
であるから、ハサミ打ちの定理より
(証明終)
§3 コーシー列
数列が任意の正数εに対して、ある自然数Nが存在し、n≧N、m≧Nを満たす任意の自然数m、nに対して
定理10 (コーシー列の有界性)
コーシー列は有界である。
【証明】
数列はコーシー列であるとする。ε=1とすれば、ある自然数Nが存在し、
となる。
m=Nとすると、
となるから、
そこで、
とおけば、任意の自然数nに対して、
(証明終)
定理11 (コーシーの収束条件)
数列が収束するための必要十分条件は、コーシー列であることである。
【証明】
任意の正数εに対して、ある自然数Nがあって、
が成り立つ。
したがって、m≧N、n≧Nならば、
数列は、コーシー列なので有界だからBoltzano-Weirstrassの定理より、収束する部分列をもつ。
ε>0を任意の正数とする。はコーシー列なので、ある自然数N₁が存在して、
が成立する。
また、ある自然数Kが存在して、
が成り立つ。
ここで、自然数k₀をk₀≧Kかつを満たすように1つに固定し、N=N₁とおけば、
(証明終)
数列の極限 [微分積分]
数列の極限
§1 数列の極限
定理0 任意の正数ε>0に対して、
ならば、a=0である。
【証明】
a>0とすると、a/2>0。
εは任意の定数なので、ε=a/2>0とおくと、
となり矛盾。したがって、a=0である。
(証明終)
自然数全体の集合から実数全体の集合への写像
数列において、任意の正数εに対して、適当な自然数Nを選ぶと、n≧Nのすべての自然数nについて、
となるとき、
であらわし、数列はαに収束するという。また、αを数列の極限値という。
すなわち、
であるとき、
と表す。
定理1 (極限値の一意性)
【証明】
となる自然数N₁、N₂が存在する。
εは任意の正数なので、α−β=0、すなわち、α=βとなる。
(証明終)
定理2 (数列の極限の公式)
【略証】
(1) c=0のときは明らか。
c≠0のとき、だから、任意の正数εに対して、ある自然数Nが存在し、
よって、
(2) だから、任意のε>0に対して、ある自然数N₁、N₂があって、
(3) 任意のε>0に対し、
とすると、ある自然数Nが存在して、
したがって、
(4) 任意のε>0に対して、
とおくと、ある自然数Nが存在して、
となる。
このとき、
よって、
したがって、
ゆえに、(3)より
(5) だから、任意のε>0に対して、ある自然数Nが存在し、
三角不等式より、
(証明終)
定理3 (ハサミ打ちの定理)
数列に対して、
が成り立ち、
とする。このとき
である。
【証明】
数列はαに収束するので、任意の正数εに対して、ある自然数N₁があって、
数列はαに収束するので、任意の正数εに対して、ある自然数N₂があって、
よって、
(証明終)
定理4 (数列の大小と極限)
数列は収束し、
が成り立つならば、
が成り立つ。
【証明】
数列はαに収束するので、に対して、ある自然数N₁があって、n≧N₁ならば、
数列はβに収束するので、に対して、ある自然数N₂があって、n≧N₂ならば、
となり、矛盾する。
よって、α≦βである。
(証明終)
定理5 (収束する数列の有界性)
収束する数列は有界である。
【証明】
数列が実数αに収束するとすると、ε=1に対して、あるNが存在して、
である。
そこで、nによらない正の定数Mを
とおくと、
である。
また、n≧Nに関しては
よって、すべての自然数nについてが成り立つので、数列は有界である。
(証明終)
集合が上に有界なとき、数列は上に有界であるといい、集合が下に有界なとき、数列は下に有界であるという。
定理6 (単調数列の収束)
数列が単調増加かつ上に有界(単調減少かつ下に有界)ならばは収束する。
【証明】
上に有界な単調増加数列の場合について証明する。
上限の定義より、
(1) すべての自然数nについて、
(2) 任意の正数εに対して、
となるが存在する。
したがって、n≧Nであるすべてのnについて、
よって、上に有界な単調増加数列は収束する。
(証明終)
定理7 (カントールの区間縮小法の原理)
閉区間がを満たすならば、
である。
【証明】
条件より、
である。
よって、数列は上に有界な単調増加数列、数列は下に有界な単調減少数列となり、定理6より収束する。
である。
したがって、
である。
となるので、c=α。
よって、
(証明終)
微分可能の新たな定義 [微分積分]
微分可能の新たな定義
ddt³さんがランダウのO記号を使った微分の定義を提示したので、ネムネコはランダウのo記号を使った微分の定義を提示するにゃ。
f(x)を区間Iで定義される関数とし、a∈Iとする。
ある(1つの)定数Aがあって、
であるとき、関数f(x)は点aにおいて微分可能といい、
であらわす。また、を関数f(x)の点aにおける微分係数という。
【注意】
は、少なくともこの時点では、導関数の点aにおける値ではなく、(1)で定まる定数Aを
とおいた単なる値に過ぎない。
f(x)が点aで微分可能であるとき、
(1)式は、任意のh≠0について成り立つので、
h→0のとき、
したがって、
に収束する。
とする。
h≠0のとき、
が成り立つ。
h→0のとき、
に収束するので、
というわけで、
従来の微分可能の定義
と、新しい微分可能の定義(1)はまったく同じもの、同値ということになる。
問1 実数全体の集合Rで定義された関数f(x)=x²は、Rで微分可能であることを示せ。
【解】
a∈Rとすると、
2aは、hに無関係な定数で、また、o(h)=h²とおくと、
よって、f(x)はRで微分可能である。
(解答終)
問2 実数全体の集合Rで定義された関数f(x)=x³は、Rで微分可能であることを示せ。
【解】
a∈Rとすると、
3a²はhに無関係な定数なのでA=3a²、さらに、
とおくと、
このとき、
よって、f(x)=x³はRで微分可能である。
(解答終)
ここまで読んだヒトは、おそらく、「o(h)はhの関数の意味だ」と思うに違いない。
しかし、o(h)として使われている記号o(ランダウのo記号という)は、いわゆる、関数でないことに注意。
ランダウのo記号の定義
であるとき、
と表す。
特に、のとき、
と表す。
とすると、
問3 α>1のとき、
であることを示せ。
【解】
(解答終)
そして、問3から多項式の最高次数を表すものでもないことがわかる。
問4 次のことを示せ。
【解】
さらに、
であるとき、
と表すと、約束する。
定理 (漸近展開)
f(x)が原点を含む区間で級であるとき、
【証明】
マクローリン展開すると
よって、x≠0のとき、
ところで、f(x)は級なので
よって、
(証明終)
第51回 定積分の応用 曲線の長さ [微分積分]
第51回 定積分の応用 曲線の長さ
曲線の長さについて考える。
曲線弧ABは閉区間[a,b]で定義されるC¹級関数y=f(x)で与えられるとする。
まず、[a,b]の分割
をとり、曲線y=f(x)上の点をで表す。を持つ切線をとり、この切線の長さの和を作ると
全ての分割に関して、分割の幅|Δ|を限りなく小さくしたとき、この和がある1つの値に収束するならば、この極限値をもって曲線弧ABの長さと定義する。
切線の長さは
仮定より、関数f(x)は[a,b]上で微分可能なので、平均値の定理より
したがって、
よって、
仮定より、f'(x)は[a,b]で連続なので、|Δ|→0のとき、右辺のリーマン和は
に収束する。
したがって、
定理 (曲線の長さ)
f(x)を[a,b]でC¹級の関数とする。曲線y=f(x)のa≦x≦bの部分の弧の長さLは
である。
定理の系 (媒介変数表示された曲線の長さ)
関数φ(x)、ψ(x)を[α,β]でC¹級とする。曲線x=φ(x)、y=ψ(t)(α≦t≦β)の長さは
【略証】
(略証終)
問1 次の曲線の流さを求めよ。
【解】
(1) この曲線はy軸に関して対称
だから、
(2) x軸、y軸に関して対称
だから、
(3)
(解答終)
問2 次の極座標表示された曲線の曲線の流さをもとめよ。
【解】
だから、
になる。
弧の長さは、0≦θ≦πの部分の長さを2倍すればよいので、
(解答終)
第49回 定積分の応用 面積 [微分積分]
第49回 定積分の応用 面積
関数y=f(x)が閉区間[a,b]で連続、かつ、f(x)≧0とする。このとき、曲線y=f(x)、直線x=a、x=bとx軸で囲まれた部分の面積Sについて考える。
[a,b]の分割を
とし、小区間のf(x)の最大値、最小値を、さらに、曲線y=f(x)≧0と2つの直線とx軸に囲まれた部分の面積をとすると、だから、
だから、
また、f(x)は[a,b]で連続なので積分可能だから、リーマン和の定義から、
したがって、
である。
同様に、関数x=g(y)が閉区間[c,d]で連続、かつ、g(x)≧0とするとき、曲線x=g(y)、直線y=c、y=bとy軸で囲まれた面積Sは
である。
問1 次の曲線とx軸とで囲まれた部分の面積を求めよ。
【解】
曲線とx軸で囲まれた面積をSとする。
(1) y=sin xは閉区間[0,π]でy≧0なので、
(2) とx軸都の交点のx座標を求めると、x=0、x=1。また、[0,1]でy≧0なので
とおき、置換積分を適用すると、x=1−t²、dx=−2tdtだから、
(解答終)
問2 次の問に答えよ。
(1) 楕円の囲む面積を求めよ。
(2) アステロイドの囲む面積を求めよ。
【解】
(1) 求める面積は第1象限の部分の面積の4倍。
第1象限ではy≧0だから
よって、求める面積Sは
とおくと、だから、
特に、a=b>0であるとき、
(2) 求めるべき面積は第1象限の部分の4倍。
第1象限ではy≧0だから
よって、求める面積Sは
とおくと、
から、
さて、
だから、
(解答終)
問3 次の曲線によって囲まれた面積を求めよ(a>0)。
(2) アステロイド
【解】
(1) 求める面積はで与えられる。だから
(2) 求める面積は第1象限の部分の4倍なので。
また、だから、
(解答終)
なお、(2)では、
を使っている。
定理 (2曲線で囲まれた部分の面積)
閉区間[a,b]において、f(x)、g(x)は連続で、かつ、f(x)≧g(x)であるとき、2曲線y=f(x)、y=g(x)と、2直線x=a、x=bで囲まれた部分の面積Sは
【証明】
[a,b]において、f(x)≧0、g(x)≧0とする。
このとき、曲線y=f(x)と2直線x=a、x=b、x軸に囲まれた部分の面積は
曲線y=g(x)と2直線x=a、x=b、x軸に囲まれた部分の面積は
であるから、
[a,b]において、f(x)≧0かつg(x)≧0でないとき、適当な定数cを加えると、[a,b]においてy=f(x)+c≧0、y=g(x)+c≧0とすることができる。y=f(x)とy=g(x)で囲まれた部分の面積は、y軸の正の方向に平行移動しても、その値は変わらない。
したがって、
(証明終)
問4 次の面積を求めよ。
(1) 2つのy=2x²−7x+8、y=−x²+5x−1で囲まれた面積
(2) 曲線y²=xと直線y=x−2とで囲まれた面積
【解】
(1) y=2x²−7x+8とy=−x²+5x−1の交点のx座標は、
より、x=1、x=3。
したがって、求める面積は
したがって、y²=xとy=x−2の交点のy座標はy=−1、y=2。
よって、曲線x=y²と直線x=y+2とで囲まれた面積は
(解答終)
(2)は、y²=xをyについてy=±√xと解いて、
と面積を求めることができるが、こうすると計算が少し大変。
また、公式(?)
を使うと、定積分を計算することなく
と解くこともできる。
第47回 定積分の近似計算 その1 [微分積分]
第47回 定積分の近似計算 その1
§1 矩形公式
f(x)は[a,b]で連続とするとき、定積分
または
と近似する方法を矩形法、または、矩形公式と呼ぶ。
f(x)が[a,b]でC¹級であるとき、定積分を(1)、(2)で近似した誤差は、次式で与えられる。
【証明】
部分積分と、x−a≧0、b−x≧0なので、定積分の第1平均値の定理より
したがって、
(証明終)
定積分の近似値を求めるとき、矩形公式がそのまま用いられることはなく、
とし、閉区間[a,b]をと小区間に分割し、小区間に矩形公式(1)、(2)を用いた、次の複号矩形公式が用いられる。
特に、[a,b]をn個の小区間に等分割した場合、すなわち、
のとき、(3)、(4)式は次のようになる。
問 [0,1]を4等分し、(複号)矩形を用いての近似値を求めよ。
【解】
したがって、
(解答終)
(参考)
なお、複号矩形公式の誤差は、
とおくと、
で与えられる。
【証明】
ここで、
とおくと、
(証明終)
となるので、分割数を10倍にすれば(複号)矩形公式の誤差は約1/10になる。
右の図は、を(複号)矩形公式を用いて(近似)計算した結果を縦軸に誤差、横軸に分割数をとり示したものである。
分割数を10倍にすると、誤差が1/10になっていることがわかる。
§2 台形公式
f(x)は[a,b]で連続とするとき、定積分
と近似する方法を台形則、台形公式という。
をで近似したときの誤差は次式で与えられる。
【証明】
に対して部分積分を用いると、
また、x∈[a,b]において、(b−x)(x−a)≧0なので、積分の第一平均値の定理より
これを代入すると、
(証明終)
閉区間[a,b]をn等分し、
とおき、各区間に台形公式を適用すると、
となるので、
f(x)が[a,b]でC²級であるとき、複合台形公式の誤差は
と置いたとき
で与えられる。
したがって、[a,b]をn等分すると、
となるので、分割数nを10倍にすると、台形公式の誤差はおよそ1/10²になる。
右の図は、台形公式を用いて
を(近似)計算した結果を、横軸に分割数、縦軸に誤差をとり表したものである。
分割数を10倍にすると、誤差が約1/100になっていることがわかる。
また、複号台形公式と複号矩形公式の間には
という関係が成立する。
問 [0,1]を4等分し、台形公式を用いて の近似値を求めよ。
【解】
したがって、
(解答終)
【別解】
§1の問より、
だから、
(別解終)
Γ(1/2)の値を求める [微分積分]
Γ(1/2)の値を求める
ガンマ関数
nが自然数のとき、ガンマ関数の値は
となるが、これだけでは、応用上、何かと不便なので、ガンマ関数の値
を求めることにする。
ガンマ関数の定義式(1)より、
x=t²とし置換積分すると、x=0にはt=0、x=∞にはt=∞が対応し、また、だから、
となるので、これは広義積分
の値を求める問題に帰着することができ、
になる。
2重積分の広義積分を用いると、
であるから、
x=rcosθ、y=rsinθと置き、極座標変換すると
となるので、
したがって、
と求めることができる。
なのですが、
以下、
前回、証明したウォリスの公式を
を用いて、Γ(1/2)=√πを求める方法を紹介することにする。
問題 を次の順に示せ。
【解】
(1) x≧0とし、0≦t≦xとすると、は減少関数だから、
したがって、
左辺と中辺より、
中辺と右辺より
したがって、
(2) x=√ntとし、置換積分すると、dx=√ndtだから
(3) (1)より
したがって、
t=tanθとおくと、
また、
なので、
また、nが偶数のとき
だから、
(4) だから、
また、(1)より
したがって、
t=sinθと置き、置換積分すると、dt=cosθdθだから、
したがって、
(5) (3)と(4)より
また、ウォリスの公式より
したがって、ハサミ打ちの定理より
(解答終)
よって、
ガンマ関数の公式
を用いると、
したがって、一般に、
ただし、0!=1とする。
ウォリスの公式 [微分積分]
ウォリスの公式
ウォリスの公式
ウォリスの公式を証明する前に、復習を兼ねて次の問題を解くことにする。
問題 とするとき、次のことを示せ。
【解】
(1) とおき、置換積分すると
(2) 部分積分を適用すると、
(解答終)
問題1の(2)より、
nが偶数のとき
nが奇数のとき
となり、
なので、
あるいは、
nを正の整数のとするとき、
問 上の結果を利用して、次の定積分の値を求めよ。
【解】
(解答終)
さて、これで準備が整ったので、次に、ウォリスの公式を証明する。
ウォリスの公式
【証明】
0≦x≦π/2、nを正の整数とすると
だから、
したがって、
したがって、
が成り立つので、
したがって、ハサミ打ちの定理より
また、
だから、
したがって、
(解答終)
第50回 極方程式で表された曲線の面積 [微分積分]
第50回 極方程式で表された曲線の面積
曲線Cが極座標を用いてr=f(θ)(α≦θ≦β)と表されていて、f(θ)は連続であるとする。このとき、曲線Cと半直線θ=α、θ=βで囲まれる部分の面積Sは
である。
【証明】
閉区間[α,β]の分割
をとり、曲線r=f(θ)と半直線に囲まれた微小部分を扇型で近似すると
仮定より、f(θ)は[α,β]で連続なので、も[α,β]で連続。
したがって、|Δ|→0のとき、
に収束する。
よって、
(証明終)
問題1 次の方程式で表される曲線の囲む面積を求めよ。
【解】
r≧0だから、a>0のとき−π/2≦θ≦π/2、a<0のときπ/2≦θ≦3π/2。
したがって、
a>0のとき、この曲線が囲む面積Sは
a<0のとき
よって、
(解答終)
この曲線は、点(a,0)を中心とする半径|a|>0の円だから面積S=πa²!!
また、この曲線は、x軸に関して対称なので、この曲線の第1象限における面積を2倍することによって面積を求めることもできる。
すなわち、a>0のとき、
また、a<0のときの曲線は、y軸に関してa>0のときの曲線に対称だから、その面積は等しい。
問題2 カージオイドの面積を求めよ。ただし、a>0とする。
【解】
r≧0だから、0≦θ≦2π。
よって、
(解答終)
カージオイドはx軸に関して対称なので、対称性に注目し、
と計算してもよい。
問題3 a>0とするとき、次の曲線(4葉線)の囲む面積を求めよ。
【解】
の両辺を2乗すると、
曲線の対称性から、第1象限で囲まれた図形の面積を4倍すればよい。
したがって、求める面積Sは
(解答終)
問題4 a>0とするとき、次の曲線(レムニスケート)の囲む面積を求めよ。
【解】
r²≧0より、cos2θ≧0。
よって、−π≦θ≦πとすると、。
図形の対称性から第1象限で囲まれた部分の面積を4倍すればよい)。
(解答終)
問題5 a>0とするとき、次の曲線(デカルトの葉線)の囲む面積を求めよ。
【解】
を代入すると、
よって、求める面積Sは
ここで、t=tanθとおくと、で、θ=0→t=0、θ=π/2→t→∞に対応するので、
(解答終)
デカルトの葉線は直線y=xに対称なので、
ここで、t=tanθとおくと、で、θ=0→t=0、θ=π/4→t=1に対応するので、
としたほうがいいのだろう。
問題5の解答では、
「θ=0→t=0、θ=π/2→t→∞に対応する」にすこし”やましさ”がある。
正しくは、「θ=0→t=0、θ=π/2−0→t→∞に対応する」とすべきところだから。
y=xに関して対称なのは、x³+y³=3axyのxとyをyとxに入れ換えても同じ式になることからわかる。